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## 416. 分割等和子集

[力扣题目链接](https://leetcode-cn.com/problems/partition-equal-subset-sum/)

题目难易：中等

给定一个只包含正整数的非空数组。是否可以将这个数组分割成两个子集，使得两个子集的元素和相等。

注意:
每个数组中的元素不会超过 100
数组的大小不会超过 200

示例 1:
输入: [1, 5, 11, 5]
输出: true
解释: 数组可以分割成 [1, 5, 5] 和 [11].

示例 2:
输入: [1, 2, 3, 5]
输出: false
解释: 数组不能分割成两个元素和相等的子集.

提示：
* 1 <= nums.length <= 200
* 1 <= nums[i] <= 100

## 思路

这道题目初步看，是如下两题几乎是一样的，大家可以用回溯法，解决如下两题

* 698.划分为k个相等的子集
* 473.火柴拼正方形

这道题目是要找是否可以将这个数组分割成两个子集，使得两个子集的元素和相等。

那么只要找到集合里能够出现 sum / 2 的子集总和，就算是可以分割成两个相同元素和子集了。

本题是可以用回溯暴力搜索出所有答案的，但最后超时了，也不想再优化了，放弃回溯，直接上01背包吧。

如果对01背包不够了解，建议仔细看完如下两篇：

* [动态规划：关于01背包问题，你该了解这些！](https://programmercarl.com/背包理论基础01背包-1.html)
* [动态规划：关于01背包问题，你该了解这些！（滚动数组）](https://programmercarl.com/背包理论基础01背包-2.html)

## 01背包问题

背包问题，大家都知道，有N件物品和一个最多能被重量为W 的背包。第i件物品的重量是weight[i]，得到的价值是value[i] 。每件物品只能用一次，求解将哪些物品装入背包里物品价值总和最大。

**背包问题有多种背包方式，常见的有：01背包、完全背包、多重背包、分组背包和混合背包等等。**

要注意题目描述中商品是不是可以重复放入。

**即一个商品如果可以重复多次放入是完全背包，而只能放入一次是01背包，写法还是不一样的。**

**要明确本题中我们要使用的是01背包，因为元素我们只能用一次。**

回归主题：首先，本题要求集合里能否出现总和为 sum / 2 的子集。

那么来一一对应一下本题，看看背包问题如果来解决。

**只有确定了如下四点，才能把01背包问题套到本题上来。**

* 背包的体积为sum / 2
* 背包要放入的商品（集合里的元素）重量为 元素的数值，价值也为元素的数值
* 背包如果正好装满，说明找到了总和为 sum / 2 的子集。
* 背包中每一个元素是不可重复放入。

以上分析完，我们就可以套用01背包，来解决这个问题了。

动规五部曲分析如下：

1. 确定dp数组以及下标的含义

01背包中，dp[j] 表示： 容量为j的背包，所背的物品价值可以最大为dp[j]。

**套到本题，dp[j]表示 背包总容量是j，最大可以凑成j的子集总和为dp[j]**。

2. 确定递推公式

01背包的递推公式为：dp[j] = max(dp[j], dp[j - weight[i]] + value[i]);

本题，相当于背包里放入数值，那么物品i的重量是nums[i]，其价值也是nums[i]。

所以递推公式：dp[j] = max(dp[j], dp[j - nums[i]] + nums[i]);


3. dp数组如何初始化

在01背包，一维dp如何初始化，已经讲过，

从dp[j]的定义来看，首先dp[0]一定是0。

如果如果题目给的价值都是正整数那么非0下标都初始化为0就可以了，如果题目给的价值有负数，那么非0下标就要初始化为负无穷。

**这样才能让dp数组在递归公式的过程中取的最大的价值，而不是被初始值覆盖了**。

本题题目中 只包含正整数的非空数组，所以非0下标的元素初始化为0就可以了。

代码如下：

```CPP
// 题目中说：每个数组中的元素不会超过 100，数组的大小不会超过 200
// 总和不会大于20000，背包最大只需要其中一半，所以10001大小就可以了
vector<int> dp(10001, 0);
```

4. 确定遍历顺序

在[动态规划：关于01背包问题，你该了解这些！（滚动数组）](https://programmercarl.com/背包理论基础01背包-2.html)中就已经说明：如果使用一维dp数组，物品遍历的for循环放在外层，遍历背包的for循环放在内层，且内层for循环倒序遍历！

代码如下：

```CPP
// 开始 01背包
for(int i = 0; i < nums.size(); i++) {
    for(int j = target; j >= nums[i]; j--) { // 每一个元素一定是不可重复放入，所以从大到小遍历
        dp[j] = max(dp[j], dp[j - nums[i]] + nums[i]);
    }
}
```

5. 举例推导dp数组

dp[i]的数值一定是小于等于i的。

**如果dp[i] == i 说明，集合中的子集总和正好可以凑成总和i，理解这一点很重要。**

用例1，输入[1,5,11,5] 为例，如图：

![416.分割等和子集2](https://img-blog.csdnimg.cn/20210110104240545.png)

最后dp[11] == 11，说明可以将这个数组分割成两个子集，使得两个子集的元素和相等。

综上分析完毕，C++代码如下：

```CPP
class Solution {
public:
    bool canPartition(vector<int>& nums) {
        int sum = 0;

        // dp[i]中的i表示背包内总和
        // 题目中说：每个数组中的元素不会超过 100，数组的大小不会超过 200
        // 总和不会大于20000，背包最大只需要其中一半，所以10001大小就可以了
        vector<int> dp(10001, 0);
        for (int i = 0; i < nums.size(); i++) {
            sum += nums[i];
        }
        if (sum % 2 == 1) return false;
        int target = sum / 2;

        // 开始 01背包
        for(int i = 0; i < nums.size(); i++) {
            for(int j = target; j >= nums[i]; j--) { // 每一个元素一定是不可重复放入，所以从大到小遍历
                dp[j] = max(dp[j], dp[j - nums[i]] + nums[i]);
            }
        }
        // 集合中的元素正好可以凑成总和target
        if (dp[target] == target) return true;
        return false;
    }
};
```

* 时间复杂度：$O(n^2)$
* 空间复杂度：$O(n)$，虽然dp数组大小为一个常数，但是大常数

## 总结

这道题目就是一道01背包应用类的题目，需要我们拆解题目，然后套入01背包的场景。

01背包相对于本题，主要要理解，题目中物品是nums[i]，重量是nums[i]，价值也是nums[i]，背包体积是sum/2。

看代码的话，就可以发现，基本就是按照01背包的写法来的。




## 其他语言版本


Java：
```Java
class Solution {
    public boolean canPartition(int[] nums) {
        if(nums == null || nums.length == 0) return false;
        int n = nums.length;
        int sum = 0;
        for(int num : nums){
            sum += num;
        }
        //总和为奇数，不能平分
        if(sum % 2 != 0) return false;
        int target = sum / 2;
        int[] dp = new int[target + 1];
        for(int i = 0; i < n; i++){
            for(int j = target; j >= nums[i]; j--){
                //物品 i 的重量是 nums[i]，其价值也是 nums[i]
                dp[j] = Math.max(dp[j], dp[j-nums[i]] + nums[i]);
            }
        }
        return dp[target] == target;
    }
}
```

二维数组版本（易于理解）：
```Java
class Solution {
    public boolean canPartition(int[] nums) {
        int sum = 0;
        for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
            sum += nums[i];
        }

        if (sum % 2 == 1)
            return false;
        int target = sum / 2;

        //dp[i][j]代表可装物品为0-i，背包容量为j的情况下，背包内容量的最大价值
        int[][] dp = new int[nums.length][target + 1];

        //初始化,dp[0][j]的最大价值nums[0](if j > weight[i])
        //dp[i][0]均为0，不用初始化
        for (int j = nums[0]; j <= target; j++) {
            dp[0][j] = nums[0];
        }

        //遍历物品，遍历背包
        //递推公式:
        for (int i = 1; i < nums.length; i++) {
            for (int j = 0; j <= target; j++) {
                //背包容量可以容纳nums[i]
                if (j >= nums[i]) {
                    dp[i][j] = Math.max(dp[i - 1][j], dp[i - 1][j - nums[i]] + nums[i]);
                } else {
                    dp[i][j] = dp[i - 1][j];
                }
            }
        }

        return dp[nums.length - 1][target] == target;
    }
}
```
Python：
```python
class Solution:
    def canPartition(self, nums: List[int]) -> bool:
        taraget = sum(nums)
        if taraget % 2 == 1: return False
        taraget //= 2
        dp = [0] * 10001
        for i in range(len(nums)):
            for j in range(taraget, nums[i] - 1, -1):
                dp[j] = max(dp[j], dp[j - nums[i]] + nums[i])
        return taraget == dp[taraget]
```
Go：
```go
// 分割等和子集 动态规划
// 时间复杂度O(n^2) 空间复杂度O(n)
func canPartition(nums []int) bool {
    sum := 0
    for _, num := range nums {
        sum += num
    }
    // 如果 nums 的总和为奇数则不可能平分成两个子集
    if sum % 2 == 1 {
        return false
    }
    
    target := sum / 2
    dp := make([]int, target + 1)

    for _, num := range nums {
        for j := target; j >= num; j-- {
            if dp[j] < dp[j - num] + num {
                dp[j] = dp[j - num] + num
            }
        }
    }
    return dp[target] == target
}
```

```go
func canPartition(nums []int) bool {
    /**
    动态五部曲：
        1.确定dp数组和下标含义
        2.确定递推公式
        3.dp数组初始化
        4.dp遍历顺序
        5.打印
    **/
    //确定和
    var sum int
    for _,v:=range nums{
        sum+=v
    }
    if sum%2!=0{   //如果和为奇数，则不可能分成两个相等的数组
        return false
    }
    sum/=2
    //确定dp数组和下标含义
    var dp [][]bool //dp[i][j] 表示： 前i个石头是否总和不大于J
    //初始化数组
    dp=make([][]bool,len(nums)+1)
    for i,_:=range dp{
        dp[i]=make([]bool,sum+1)
        dp[i][0]=true
    }
    for i:=1;i<=len(nums);i++{
        for j:=1;j<=sum;j++{//j是固定总量
            if j>=nums[i-1]{//如果容量够用则可放入背包
                dp[i][j]=dp[i-1][j]||dp[i-1][j-nums[i-1]]
            }else{//如果容量不够用则不拿，维持前一个状态
                dp[i][j]=dp[i-1][j]
            }
        }
    }
    return dp[len(nums)][sum]
}
```

javaScript: 

```js
var canPartition = function(nums) {
    const sum = (nums.reduce((p, v) => p + v));
    if (sum & 1) return false;
    const dp = Array(sum / 2 + 1).fill(0);
    for(let i = 0; i < nums.length; i++) {
        for(let j = sum / 2; j >= nums[i]; j--) {
            dp[j] = Math.max(dp[j], dp[j - nums[i]] + nums[i]);
            if (dp[j] === sum / 2) {
                return true;
            }
        }
    }
    return dp[sum / 2] === sum / 2;
};
```




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